Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Trong hỗn-hợp thu được có n mol CO2 và m mol SO2.
Tỉ-khối-hơi của hỗn-hợp đó so với H2 bằng:
[n.M(CO2) + m.M(SO2)] / [(n+m).N(H2)] = (44n + 64m) / (2(n+m)) = 28.667 = 86/3
<=> 44n + 64m = 172(n+m)/3 <=> 20m/3 = 40n/3 <=> m = 2n.
Như-vậy hỗn-hợp thu được tỉ lệ theo số mol: CO2 : SO2 = 1:2.
Phương trình cháy: X + z.O2 = CO2 + 2SO2.
Công-thức-phân-tử của X có dạng: CS2Ok, k là số-nguyên-tử Oxi có trong X.
Vì tỉ-khối-hơi của X/kk nhỏ hơn 3, nên M(CS2Ok) ≤ 3.29 = 87, suy-ra k bằng 0.
Vậy công-thức-phân-tử của X là CS2.
\(M_X=2.13=26\left(\dfrac{g}{mol}\right)\\ n_C=n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)\\ n_{H_2O}=\dfrac{1,8}{18}=0,1\left(mol\right)\rightarrow n_H=0,1.2=0,2\left(mol\right)\\ Đặt:C_aH_b\left(a,b:nguyên,dương\right)\\ Có:a:b=n_C:n_H=0,2:0,2=1:1\\ \Rightarrow CTTQ:\left(CH\right)_m\left(m:nguyên,dương\right)\\ M_{\left(CH\right)_m}=26\\ \Leftrightarrow13m=26\\ \Leftrightarrow m=2\\ \Rightarrow CTPT:C_2H_2\\ CTCT:CH\equiv CH\)
b) Nhận biết C2H2 và CH4
- Dẫn 2 khí qua bình đựng nước brom:
+ Dung dịch Br2 bị mất màu -> C2H2
\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)
+ Còn lại -> CH4
a, b là số mol X và Y
\(n_{O_2}=0,55mol;n_{CO_2}=0,35\)
\(C_nH_{2n+2}+\left(\dfrac{3n+1}{2}\right)O_2\rightarrow nCO_2+\left(n+1\right)H_2O\)
a--------------\(\dfrac{3n+1}{2}a\) ------------\(na\)
\(C_mH_{2m-2}+\left(\dfrac{3m-1}{2}\right)O_2\rightarrow mCO_2+\left(m-1\right)H_2O\)
b---------------\(\dfrac{3m-1}{2}b\)------------\(mb\)
Ta có:
\(\left\{\begin{matrix}a+b=0,25\\\dfrac{3n+1}{2}a+\dfrac{3m-1}{2}b=0,55\\na+mb=0,35\end{matrix}\right.\)\(\Leftrightarrow\left\{\begin{matrix}a+b=0,25\\a-b=0,05\\na+mb=0,35\end{matrix}\right.\)\(\Leftrightarrow\left\{\begin{matrix}a=0,15\\b=0,1\\3n+2m=7\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow n=1;m=2\)\(\Rightarrow X:CH_4;Y:C_2H_2\)
\(M_A=15.M_{H_2}=15.2=30\left(\dfrac{g}{mol}\right)\\ Đặt:C_aH_b\left(a,b:nguyên,dương\right)\\ n_C=n_{CO_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_C=0,5.12=6\left(g\right)\\ m_H=7,5-6=1,5\left(g\right)\\ \Rightarrow n_H=\dfrac{1,5}{1}=1,5\left(mol\right)\\ \Rightarrow a:b=0,5:1,5=1:3\\ \Rightarrow CTTQ:\left(CH_3\right)_t\left(t:nguyên,dương\right)\\ \Leftrightarrow15t=30\\ \Leftrightarrow t=2\\ \Rightarrow CTPT:C_2H_6\\ CTCT:CH_3-CH_3\)
a)
\(n_{CO_2} = \dfrac{44}{44} = 1(mol)\\ n_{H_2O} = \dfrac{19,8}{18} = 1,1(mol)\\ n_X = n_{H_2O} - n_{CO_2} = 1,1 -1 = 0,1(mol)\\ \Rightarrow \%V_A = \dfrac{0,1}{0,4}.100\% = 25\%\)
b)
Ctrung bình = \( \dfrac{n_{CO_2}}{n_X} = \dfrac{1}{0,4} = 2,5\)
Suy ra : n < 2,5 < m
Vậy n = 2
A : C2H6 ; B : C2H2
b)
\(n_C = n_{CO_2} = 1\\ n_H = 2n_{H_2O} = 1,1.2 = 2,2\\ \Rightarrow m_X = m_C + m_H = 1.12 + 2,2 = 14,2(gam)\\ \)
Suy ra :
\(m_C = 14,2.39,43\% = 5,6(gam)\\ m_A = 0,1.30 = 3(gam)\\ m_B = 14,2 - 5,6 - 3 = 5,6 \Rightarrow n_B = \dfrac{5,6}{28} = 0,2(mol)\)
nC = nX - nA -nB = 0,4 - 0,1 - 0,2 = 0,1
Suy ra : 0,1.14m = 5,6 ⇒ m = 4 (C4H8)
a)
CnH2n+2 + O2 → nCO2 + (n+1)H2O (1)
CnH2n + O2 → nCO2 + nH2O (2)
CmH2m + O2 → mCO2 + mH2O (3)
Ta thấy khi đốt B và C số mol CO2 thu được bằng số mol H2O
=> Tổng số mol H2O - tổng số mol CO2 = nA
<=> \(\dfrac{19,8}{18}\)- \(\dfrac{44}{44}\)= 0,1 = nA
=> %VA = \(\dfrac{0,1}{0,4}\).100%= 25%
b) Số nguyên tử C trung bình = \(\dfrac{nCO_2}{nX}\)= 2,5
Mà n < m => n = 2
CTPT của A là C2H6 , của B là C2H4
c) Ta có m hỗn hợp X = mC + mH = 1.12 + 1,1.2 = 14,2 gam
=> mC(CmH2m) = mX.39,43% = 5,6 gam
=> mB = mX - mA - mC = 14,2 - 0,1.30 - 5,6 = 5,6 gam
=> nB = \(\dfrac{5,6}{28}\)= 0,2 mol
Mà nX = 0,4 => nC = 0,4 - nA - nB = 0,4 - 0,1 - 0,2 = 0,1 mol
<=> MC = \(\dfrac{5,6}{0,1}\)= 56 (g/mol)
=> 12m + 2m =56 <=> m = 4
Vậy CTPT của C là C4H8
Đặt công thức dạng chung của hỗn hợp X \(\left\{{}\begin{matrix}C_nH_{2n+2}:a\left(mol\right)\\C_mH_{2m}:b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Khi đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X thì:
\(PTHH:\)
\(C_nH_{2n+2}+\left(\dfrac{3n+1}{2}\right)O_2-t^o->nCO_2+\left(n+1\right)H_2O\)\((1)\)
\(C_mH_{2m}+\left(\dfrac{3m}{2}\right)O_2-t^o->mCO_2+mH_2O\)\((2)\)
\(n_X\left(đktc\right)=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)
\(=>a+b=0,2\) \((I)\)
\(n_{CO_2}\left(đktc\right)=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)
\(=>an+bm=0,3\) \((II)\)
TA CÓ: \(M_X=11,25.2=22,5\)\((g/mol)\)
mà \(n_X=0,2\left(mol\right)\)
\(=>m_X=22,5.0,2=4,5\left(g\right)\)
\(=>\left(14n+2\right).a+14m.b=4,5\)
\(=>14an+14bm+2a=4,5\) \((III)\)
Từ (II) và (III), ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}an+bm=o,3\\14an+14bm+2a=4,5\end{matrix}\right.\) \(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}14an+14bm=4,2\\14an+14bm+2a=4,5\end{matrix}\right.\)
Lấy vế dưới trừ vế trên, ta được: \(2a=0,3\) \((IV)\)
Từ (I) và (IV), ta được \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,2\\2a=0,3\end{matrix}\right.\)\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,15\\b=0,05\end{matrix}\right.\) \((V)\)
Thay (V) vào (II), ta được: \(0,15n+0,05m=0,3\)
- Khi \(m=2\) \(=> n=1,33\) (loại)
- Khi \(m=3\) \(=>n=1\) (thõa mãn)
- Khi \(m=4\) \(=>n=0,67\) (loại)
Vậy công thức cần tìm: \(\left\{{}\begin{matrix}CH_4\\C_3H_6\end{matrix}\right.\)
Giúp mình với mọi ngươi
Cô nhận xét một chút: Bài giải hoàn toàn chính xác. Nhưng cách giải này tương đối phức tạp vì có quá nhiều ẩn số.
Cẩm Vân Em cam on cô
Tại quen với cách giải này rồi, nó cũng dễ hiểu ::))
Có thể giải ngắn gọn hơn bằng cách xét 2 TH sau:
A: CnH2n+2 ; B:CmH2m
Mx=22,5 => TH1: MA<22,5 ; MB>22,5 => A là CH4
TH2: MA>22,5 ; MB<22,5 => Loại
( Vì anken nhỏ nhất là C2H4 có M=28)
Giải TH1 và tìm B
da, e hiểu rồi
cảm ơn hai người