Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Ca(OH)2 + CO2 \(\rightarrow\)CaCO3 + H2O
sau PƯ thu dc CaCO3 không có nồng độ vì đây là kết tủa
nCO2 = 4,48 : 22,4 = 0,2 mol. nCa(OH)2 = 0,5 x 0,3 = 0,15 mol.
PƯ: CO2 + Ca(OH)2 --> CaCO3 + H2O
0,15 0,15 0,15
CO2 dư + CaCO3 + H2O --> Ca(HCO3)2
0,05 0,05 0,1
Vậy dung dịch sau Pư có Ca(HCO3)2 0,1 mol => CM = 0,1 : 0,5 = 0,2 M
7.
nCO2 = 0,15 mol
Ta có
\(\dfrac{n_{Ca\left(OH\right)2}}{n_{CO2}}\) = \(\dfrac{0,1}{0,15}\approx0,7\)
\(\Rightarrow\) Tạo 2 muối
CO2 + Ca(OH)2 \(\rightarrow\) CaCO3 + H2O (1 )
x.............x.......................x
2CO2 + Ca(OH)2 \(\rightarrow\) Ca(HCO3)2 (2)
y.............0,5y....................0,5y
Từ (1)(2) ta có hệ pt
\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,15\\x+0,5y=0,1\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\) \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,05\\y=0,1\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\) mCaCO3 = 0,05.100 = 5(g)
\(\Rightarrow\) mCa(HCO3)2 = 0,5.0,1.162 = 8,1 (g)
Câu 1:
PTHH: Zn + CuSO4 ===> ZnSO4 + Cu
Đặt số mol Zn phản ứng là a (mol)
=> Khối lượng Zn phản ứng: mZn = 65a (gam)
Theo PTHH, nCu = nZn = a (mol)
=> Khối lượng Cu thu được: mCu = 64a (gam)
Ta có: mbình tăng = mZn - mCu = 65a - 64a = a = 0,2
=> Khối lượng Zn phản ứng: mZn = 0,2 x 65 = 13 (gam)
Câu 3: Ta có: \(\left\{\begin{matrix}n_{CO2}=\frac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\\n_{Ca\left(OH\right)2}=0,075\left(mol\right)\Rightarrow n_{OH^-}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Lập tỉ lệ: \(1< \frac{n_{OH^-}}{n_{CO2}}=\frac{0,15}{0,1}< 2\)
=> Tạo 2 muối CaCO3 và muối Ca(HCO3)2
Bài 1:
PTHH: \(SO_2+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow BaSO_3+H_2O\)
Ta có: \(n_{BaSO_3}=\frac{8,68}{217}=0,04\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow n_{SO_2}=0,04mol\) \(\Rightarrow V_{SO_2}=0,04\cdot22,4=0,896\left(l\right)\)
Bài 2:
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=\frac{5,6}{22,4}=0,25\left(mol\right)\\n_{NaOH}=0,4\cdot1=0,4\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\) Tạo cả 2 muối
PTHH: \(4NaOH+3CO_2\rightarrow Na_2CO_3+2NaHCO_3+H_2O\)
Xét tỉ lệ: \(\frac{0,4}{4}>\frac{0,25}{3}\) \(\Rightarrow\) NaOH dư, CO2 phản ứng hết
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Na_2CO_3}=\frac{1}{12}\left(mol\right)\\n_{NaHCO_3}=\frac{1}{6}\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C_{M_{Na_2CO_3}}=\frac{\frac{1}{12}}{6}\approx0,014\left(M\right)\\C_{M_{NaHCO_3}}=\frac{\frac{1}{6}}{6}\approx0,028\left(M\right)\end{matrix}\right.\)
Bài 1: \(n_{SO_2}=0,25\left(mol\right)\)
\(SO_2\left(0,25\right)+Ca\left(OH\right)_2\left(0,25\right)\rightarrow CaSO_3\left(0,25\right)+H_2O\)
\(\Rightarrow C_{MddCa\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,25}{0,4}=0,625M\)
\(\Rightarrow m_{CaSO_3}=0,25.120=30\left(g\right)\).
b.
nCO2 = 0,4 mol
nCa(OH)2 = 0,3 mol
Đặt tỉ lệ ta có
\(\dfrac{n_{Ca\left(OH\right)2}}{n_{CO2}}=\dfrac{0,3}{0,4}=0,75\)
\(\Rightarrow\) Tạo 2 muối
CO2 + Ca(OH)2 \(\rightarrow\) CaCO3 + H2O (1)
2CO2 + Ca(OH)2 \(\rightarrow\) Ca(HCO3)2 (2)
Từ (1)(2) ta có hệ
\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,4\\x+0,5y=0,3\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\\y=0,2\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\) mCaCO3 = 0,2.100 = 20 (g)
a)PTHH:\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\underrightarrow{ }CaCO_3+H_2O\)
b)Hình như nồng độ phần trăm là 1,11 % hay sao
\(n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)
\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{500.1,11\%}{74}=0,075\left(mol\right)\)
T = \(\dfrac{n_{CO_2}}{n_{Ca\left(OH\right)_2}}=\dfrac{0,1}{0,075}=1,33\)
Vì 1 < 1,33 < 2 thì sản phầm là \(CaCO_3;Ca\left(HCO_3\right)_2\)
Pt: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\) (1)
x \(\leftarrow\) x \(\leftarrow\) x
Pt: \(2CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow Ca\left(HCO_3\right)_2\) (2)
2y \(\leftarrow\) y \(\leftarrow\) y
(1)(2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x+2y=0,1\\x+y=0,075\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,05\\y=0,025\end{matrix}\right.\)
\(m_{CaCO_3}=0,05.100=5\left(g\right)\)
\(m_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=0,025.162=4,05\left(g\right)\)
\(C\%_{CaCO_3}=\dfrac{5.100}{500}=1\%\)
\(C\%_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=\dfrac{4,05.100}{500}=0,81\%\)
\(n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22.4}=0.1\left(mol\right)\)
\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,06.1=0,06\left(mol\right)\)
\(1< \dfrac{n_{CO_2}}{n_{Ca\left(OH\right)_2}}=\dfrac{0,1}{0,06}=\dfrac{5}{3}< 2\)
Vậy xảy ra 2 phản ứng :
\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2-->CaCO_3+H_2O\)
\(2CO_2+Ca\left(OH\right)_2-->Ca\left(HCO_3\right)_2\)
Vậy ... ( tự lm đi )
sai rồi
T = \(\dfrac{nCa\left(OH\right)2}{nCO2}=\dfrac{0,06.2}{0,1}=1,2< 2\)
Vì dung dịch kiềm có 2 nhóm OH nên nhân 2
Minh Thương ngược rồi - you sai
Như Khương Nguyễn kakakakaka xem lại kiến thúc đi nhá
chết
cái này thấy trong sách nâng cao á
Minh Thương
DẠNG TOÁN CO2 TÁC DỤNG VỚI DUNG DỊCH KIỀM
I. PHƯƠNG PHÁP GIẢI
A. Bài toán CO2, SO2 dẫn vào dung dịch NaOH, KOH
- Khi cho CO2 (hoặc SO2) tác dụng với dung dịch NaOH đều xảy ra 3 khả năng tạo muối:
CO2 + 2NaOH → Na2CO3 + H2O (1)
CO2 + NaOH → NaHCO3 (2)
Đặt T = nNaOH/nCO2
- Nếu T = 2 : chỉ tạo muối Na2CO3
- Nếu T = 1 : chỉ tạo muối NaHCO3
- Nếu 1 < T < 2 : tạo cả muối NaHCO3 và Na2CO3
Có cần nhắc thế này luôn ko =)))
Minh Thương you sai r
bậy rồi ===
hai dạng nha
NaOH , KOH ngược với Ca(OH)2 , Ba(OH)2
nhầm r xem lại kiến thức đi
Minh Thương
Minh Thương hai cái ngược nhau