Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
BÀI NÀY THÌ PHẦN TRĂM SAI 99,99%, VÌ VẬY NẾU SAI XIN ANH RAINBOW GIẢI LẠI .
\(n_E=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1mol\)
\(n_{\downarrow}=n_{CaCO_3}=\dfrac{4}{100}=0,04mol\)
Dẫn khí oxi đi qua cacbon nung nóng xảy ra hai phương trình hoá học :
\(2C+O_2\underrightarrow{t^o}2CO\)
x mol \(\rightarrow\) x mol \(\)
\(C+O_2\underrightarrow{t^o}CO_2\)
y mol \(\rightarrow\) y mol
Hỗn hợp E gồm \(CO\left(x\right);CO_2\left(y\right);O_2du\left(z\right)\)
Ta có :
\(n_E=n_x+n_y+n_z=0,1\)
\(d_{\dfrac{E}{H_2}}=\dfrac{M_E}{M_{H_2}}=18\rightarrow\dfrac{M_E}{2}=18\Rightarrow M_E=36g\)
\(m_E=M_E.n_E=36.0,1=3,6g\rightarrow28x+44y+32z=3,6\)
Dẫn E qua nước vôi trong dư , chỉ có \(CO_2\) bị hấp thụ :
\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow\)
y mol \(\rightarrow\) y mol
\(\rightarrow y=0,04mol\)
Ta có :
\(\left\{{}\begin{matrix}x+y+z=0,1\\28x+44y+32z=3,6\\y=0,04\end{matrix}\right.\rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,02\\y=0,04\\z=0,04\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CO}=\dfrac{0,02}{0,1}.100=20\%.\\\%V_{CO_2}=\dfrac{0,04}{0,1}.100=40\%.\\\%V_{O_2}=\dfrac{0,04}{0,1}.100=40\%.\end{matrix}\right.\)
Vậy ............
\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{13,8}{46}=0,3mol\)
\(C_2H_5OH+3O_2\rightarrow2CO_2+3H_2O\)
0,3 0,9 0,6 ( mol )
\(V_{CO_2}=0,6.22,4=13,44l\)
\(V_{kk}=\left(0,9.22,4\right).5=100,8l\)
1.1. Al + NaOH + H2O ==> NaAlO2 + 3/2H2
nH2(1)=3,36/22,4=0.15(mol)
=> nAl(1)= nH2(1):3/2= 0.15:3/2= 0.1(mol)
2.Mg + 2HCl ==> MgCl2 + H2
3.2Al + 6HCl ==> 2AlCl3 + 3H2
4.Fe + 2HCl ==> FeCl2 + H2
=> \(n_{H_2\left(2,3,4\right)}=\) 10.08/22.4= 0.45(mol)
=> nH2(3)=0.1*3/2=0.15(mol)
MgCl2 + 2NaOH ==> Mg(OH)2 + 2NaCl
AlCl3 + 3NaOH ==> Al(OH)3 + 3NaCl
FeCl2 + 2NaOH ==> Fe(OH)2 + 2NaCl
2. Cho 2,3 g Na tác dụng với axit axetic. Tính khối lượng axit axetic đã dùng?
Giải
PTHH. CH3COOH + Na -> CH3COONa + H2
Theo bài ra ta có: nNa = mNa/MNa = 2,3/23 = 0,1 mol
Theo pthh và bài ta có:
nCH3COOH= nNa = 0,1 mol
=> mCH3COOH = nCH3COOH . MCH3COOH = 0,1 . 60 = 6g
Vậy...
Bài 1 :
a, PTHH
\(CH_3COOH+C_2H_5OH\underrightarrow{H_2SO_4đ,t^o}CH_3COOC_2H_5+H_2O\)
b, \(n_{CH_3COOH}=\dfrac{12}{60}=0,2mol\)
\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{13,8}{46}=0,3mol\)
\(CH_3COOH+C_2H_5OH\underrightarrow{H_2SO_4đ,t^o}CH_3COOC_2H_5+H_2O\)
0,2 mol 0,3 mol
Vì \(n_{C_2H_5OH}.>n_{CH_3COOH}\Rightarrow C_2H_5OH\) dư
\(n_{C_2H_5OH}\left(du\right)=0,3-0,2=0,1mol\)
\(\Rightarrow m_{C_2H_5OH}\left(du\right)=0,1.46=4,6g\)
c, \(CH_3COOH+C_2H_5OH\underrightarrow{H_2SO_4đ,t^o}CH_3COOC_2H_5+H_2O\)
0,2 mol \(\rightarrow\) 0,2 mol
Khối lượng este thu được là : \(m_{CH_3COOC_2H_5}=0,2.88=17,6g\Rightarrow m=17,6g\).
- Trích với một lượng nhỏ mỗi chất làm mẫu thử.
Axit axetic Rượu etylic Benzen Chất Thuốc thử Qùy tím Natri (Na) Không đổi màu màu quỳ tím Không đổi màu màu quỳ tím Qùy tím hóa hồng Có khí không màu thoát ra Không hiện tượng
- Cho quỳ tím lần lượt vào các mẫu thử:
+ Nếu quỳ tím hóa hồng (đỏ) ẩm thì đó là axit axetic.
+ Nếu quỳ tím không đổi màu thì đó là các dd benzen và dd rượu etylic.
- Cho một mẩu Na nhỏ đã cắt sẵn và trong 2 dd còn lại:
+ Mẫu thử có khí không màu thoát ra là rượu etylic.
PTHH: 2C2H5OH + 2Na -> 2C2H5ONa + H2 \(\uparrow\)
+ Mẫu thử còn lại là benzen (không có hiện tượng).
CH4+2O2-to>CO2+2H2O
x---------2x-------x
C2H4+3O2-to>2CO2+2H2O
y-------------3y------2y
=>Ta có :
\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,04\\2x+3y=0,11\end{matrix}\right.\)
=>x=0,01, y=0,03 mol
=>%VCH4=\(\dfrac{0,01.22,4}{0,896}100\)=25%
=>%VC2H4=75%
=>m CO2=(0,01+0,03.2).44=3,08g
a, ta có PTHH :
CH4 + 2O2 \(\Rightarrow\) CO2 + 2H2O (*)
C2H4 + 3O2 \(\Rightarrow\) 2CO2 + 2H2O(+)
b, Gọi x, y lần lượ là số mol của CH4 , C2H4 ( x, y > 0 )
Ta có : nh = \(\dfrac{0,896}{22,4}=0,04\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow x+y=0,04\left(mol\right)\) (1)
lại có no2 pứ = \(\dfrac{3,52}{32}=0,11\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow2x+3y=0,11\left(mol\right)\) (2)
Từ (1) và (2) ta có hệ pt:\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,04\\2x+3y=0,11\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,01\left(mol\right)\\y=0,03\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
%VCH4 = \(\dfrac{0,01}{0,04}\times100\%=25\%\)
%VC2H4 = \(\dfrac{0,03}{0,04}\times100\%=75\%\)
c, Theo pt nCO2(*) = nCH4 = 0,01 (mol)
nCO2(+) = 2nC2H4 = 0,6 (mol)
\(\Rightarrow m_{co_2}=\left(0,01+0,6\right)\times44=26,84\left(g\right)\)
Câu trả lời:
a, Cho hỗn hợp khí CH4 và C2H2 qua dung dịch Br2 dư chỉ có C2H2 tham gia phản ứng. PTHH:\(C_2H_2+2Br_2→C_2H_2Br_4\)
b,\(n_{Br_2}=\dfrac{m_{Br_2}}{M_{Br_2}}=\dfrac{4}{160}=0,025(mol)\)
Theo PTHH: \(n_{C_2H_2}=\dfrac{n_{Br_2}}{2}=0,0125(mol)\)
\(V_{C_2H_2}=n_{C_2H_2}.22,4=0,0125.22,4=0,28(l)\)
Phần trăm của khí C2H4 trong hỗn hợp ban đầu là:\(\%V_{C_2H_2}=\dfrac{V_{C_2H_2}}{V_{hh}}.100\%=\dfrac{0,28}{3,36}.100\%\approx 8,(3)\%\)\(\)
Phần trăm của khí CH4 trong hỗn hợp ban đầu là:
\(\%V_{CH_4}=100\%-\%V_{C_2H_2}=100\%-8,(3)\%=91,(6)\%\)
Bài 3:
a, Thể tích rượu etylic:\(V=\dfrac{m}{D}=\dfrac{9,2}{0,8}=11,5l\)
b, Nếu pha rượu trên với 46ml nước thì độ rượu là :\(\dfrac{11,5}{11,5+46}.100=20^0\)
c,\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{9,2}{46}=0,2mol\)
\(2C_2H_5OH+2Na\rightarrow2C_2H_5Na+H_2\uparrow\)
0,2 mol \(\rightarrow\) 0,1 mol
\(V_{H_2}=0,1.22,4=2,24l\)
d, Phản ứng đốt cháy :
\(C_2H_6O+3O_2\rightarrow2CO_2+3H_2O\)
0,2 mol 0,6 mol
\(n_{O_2}=0,6mol\rightarrow V_{O_2}=0,6.22,4=13,44l\)
\(\Rightarrow V_{kk}=\dfrac{13,44.100}{20}=67,2l\).
ĐÁNH MỎI CẢ TAY THÔI ĐÃ LÀM THÌ LÀM CHO TẤT NỐT CÂU 6 :
Bài 6 :
a, \(n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2mol\)
\(C_6H_{12}O_6\xrightarrow[30-35^0C]{men}2C_2H_5OH+2CO_2\)
0,1 mol \(\leftarrow\) 0,2 mol.
\(m_{glucozo}\left(candung\right)=0,1.180=18g\)
b,
\(C_6H_{12}O_6\xrightarrow[30-35^0C]{men}2C_2H_5OH+2CO_2\)
0,2 mol \(\leftarrow\) 0,2 mol
\(m_{ruou}\left(thu\right)=0,2.46=9,2g\)
\(V_{ruou}=\dfrac{m}{D}=\dfrac{9,2}{0,8}=11,5ml\)
\(\rightarrow\) Thể tích rượu 46\(^0\) thu được là : \(V=\dfrac{11,5.100}{46}=25ml\).
Bài 6:
C6H12O6 \(\xrightarrow[30-35^oC]{lên-men-rươu}\) 2C2H5OH + 2CO2 (1)
0,1................................................0,2................0,2
nCO2 = 0,2 (mol)
Theo (1) nC6H12O6 = 0,1 (mol)
=> mC6H12O6 = 18 (g)
Theo (1) nC2H5OH = 0,2 (mol)
=> mC2H5OH = 9,2 (g)
=> VC2H5OH = \(\dfrac{9,2}{0,8}\)= 11,5 (ml) = 0,0115 (l)
Ta có: \(46=\dfrac{0,0115}{V_{ddC_2H_5OH}}.100\)
\(\Rightarrow V_{ddC_2H_5OH}=0,025\left(l\right)\)
Bài 1: Bài nhận biết các chất khí :CO2, C2H4, CH4
- Cho các khí qua dung dịch nước vôi trong , quan sát hiện tượng, ta thấy:
+ Nếu như chất khí nào làm đục nước vôi trong thì đó là khí CO2.
PTHH: CO2 + Ca(OH)2 -> CaCO3 + H2O
+ Các chất khí còn lại đi qua dd nước vôi trong không gây hiện tượng.
- Sau đó, ta cho 2 khí còn lại chưa được nhận biết qua dd brom (Br2) , quan sát hiện tượng:
+ Khí làm mất màu của dd brom là khí C2H4 .
PTHH: C2H4 + Br2 -> C2H4Br2
+ Chất khí còn lại không làm mất màu của dd Br2 => Đó là khí CH4 (khí metan).
Bài 5: Trong phân tử metan có 4 liên kết đơn .
Bài 1: Cho các khí lần lượt đi qua bình đựng nước vôi trong dư, khí làm đục nước vôi trong là CO\(_2.\)
\(_{ }\)Cho hai khí còn lại vào bình đựng dd brom dư , khí làm mất màu nước brom là C\(_2H_4\)
\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2.\)
Khí còn lại là CH\(_4\).
Bài 2:
a, Hỗn hợp X chỉ có \(C_2H_4\)phản ứng được với brom .
\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)
b, Vì CH\(_4\) không tác dụng với nước brom nên khí thoát ra sau phản ứng là CH\(_4\) -> \(V_{CH_4}=2,24l\)
%V\(_{CH_4}\) trong X = \(\dfrac{2,24}{3,36}.100=66,67\%\)
% V\(_{C_2H_4}=100-66,67=33,33\%\).
Bài 4:
a,PTHH:
\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)
\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4.\)
b, Số mol hỗn hợp : \(n=\dfrac{0,56}{22,4}=0,035mol\)
\(n_{Br_2}=\dfrac{5,6}{160}=0,035mol\)
Gọi số mol \(C_2H_4\) và \(C_2H_2\) trong hỗn hợp lần lượt là a mol và b mol .
\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2.\)
a \(\rightarrow\) a mol
\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4.\)
b \(\rightarrow\) 2b mol
Ta có hệ phương trình : \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,025\\a+2b=0,035\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=0,015mol\\n_{C_2H_2=0,01mol}\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,015}{0,025}.100=60\%\)
\(\%V_{C_2H_2}=40\%\)
chậm rồi RAINBOW
Em thấy là: dòng số mol hỗn hợp: lấy 0,56:22,4=0,025 chứ
:V Lúc làm thì chưa có câu 6
ĐÚNG RỒI ĐẠT , TẠI MÌNH ĐÁNH NHẦM .
Như Khương Nguyễn Em mới lớp 8 thôi, hum qua anh nói anh ra câu hỏi Tiếng Việt 9 mà ko ra nha! Làm em đợi hoài.
mà ne mình học cùng lớp với bạn nên đừng xưng em .
haha
trước 1 bước .
wow, bạn học hóa giỏi quá!!!Như Khương Nguyễn
á cái đó là mình có học tiếng việt 9 rồi , cô dạy lúc bồi dưỡng mà khi tối mình quên xin lỗi .
Như Khương Nguyễn bạn học Hóa rồi à? Mấy bài đầu thì k nói gì, đến bạn độ rượu cơ.
tới đầu lớp 10 rồi . Mà mình thấy bạn giỏi đều đấy chứ .văn hay chữ tốt
có khoá rèn chữ thì tổ chức để mình rèn cái chữ nhé
Như Khương Nguyễn Hóa mình học cơ bản thôi. Ko phát triển nâng cao. Mà bạn học Hóa 10 rồi, ai dạy vậy?
Tự học , lên youtube xem .
Như Khương Nguyễn Ngưỡng mộ, mình chỉ học văn- sư địa bồi dưỡng
mình học lý - anh bồi dưỡng hoá chỉ đam mê thôi .
Như Khương Nguyễn ngưỡng mộ: Mình thích Sinh, hóa, văn, sử, địa, vật lí. Còn bồi dưỡng chỉ là văn, sử, địa.
Bài 4:
Bài làm:
PTHH: C2H4 + Br2 -> C2H4Br2 (1)
C2H2 +2Br2 -> C2H4Br4 (2)
Ta có: \(n_{hh-khí}=\dfrac{0,56}{22,4}=0,025\left(mol\right)\)
Gọi số mol của C2H4 trong hh khí là x (mol)
=> Số mol của C2H2 trong hh khí là 0,025 -x (mol)
Ta có: \(n_{Br_2\left(1\right)}=n_{C_2H_4}=x\left(mol\right)\\ n_{Br_2}=n_{C_2H_2}=2.\left(0,025-x\right)\left(mol\right)\)
Ta có: \(160x+160.2.\left(0,025-x\right)=5,6\\ < =>160x+8-320x=5,6\\ < =>160x-320x=5,6-8\\ < =>-160x=-2,4\\ =>x=\dfrac{-2,4}{-160}=0,015\left(mol\right)\\ =>\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=x=0,015\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=0,025-x=0,025-0,015=0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Vì số mol tính tỉ lệ thuận với thể tích nên ta sẽ tính phần trăm theo số mol.
=> \(\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,015}{0,025}.100=60\%\\ =>\%V_{C_2H_2}=100\%-60\%=40\%\)
mình thích toán lý hoá anh , sử ( vì ngưỡng mộ bác hồ )
ukm khỏi giải hệ ,vậy cũng đúng đó .
Như Khương Nguyễn hỳ, kết bạn nha!
Bạn cần viết PTHH cho phản ứng của CO2 và Ca(OH)2 chứ!