Câu 1: \(\frac{\pi}{2}<\alpha,\beta<\pi\)

=>\(\sin\alpha>0;\sin\beta>0;cos\alpha<0;cos\beta<0\)

\(\sin^2\alpha+cos^2\alpha=1\)

=>\(cos^2\alpha=1-\sin^2\alpha=1-\left(\frac13\right)^2=\frac89\)

mà \(cos\alpha<0\)

nên \(cos\alpha=-\frac{2\sqrt2}{3}\)

Ta có: \(\sin^2\beta+cos^2\beta=1\)

=>\(\sin^2\beta=1-\left(-\frac23\right)^2=1-\frac49=\frac59\)

mà \(\sin\beta>0\)

nên \(\sin\beta=\frac{\sqrt5}{3}\)

\(\sin\left(\alpha+\beta\right)=\sin\alpha\cdot cos\beta+cos\alpha\cdot\sin\beta\)

\(=\frac13\cdot\frac{-2}{3}+\frac{-2\sqrt2}{3}\cdot\frac{\sqrt5}{3}=\frac{-\sqrt2-2\sqrt{10}}{9}\)

Câu 2:

\(P=cos\left(a+b\right)\cdot cos\left(a-b\right)\)

\(=\frac12\cdot\left\lbrack cos\left(a+b+a-b\right)+cos\left(a+b-a+b\right)\right\rbrack=\frac12\cdot\left\lbrack cos2a+cos2b\right\rbrack\)

\(=\frac12\cdot\left\lbrack2\cdot cos^2a-1+2\cdot cos^2b-1\right\rbrack=cos^2a+cos^2b-1\)

\(=\left(\frac13\right)^2+\left(\frac14\right)^2-1=\frac19+\frac{1}{16}-1=\frac{25}{144}-1=-\frac{119}{144}\)

\(\Leftrightarrow2cos^3x=3sinx-4sin^3x\)

Nhận thấy \(cosx=0\) ko phải nghiệm, chia 2 vế cho \(cos^3x\)

\(2=3tanx\left(1+tan^2x\right)-4tan^3x\)

\(\Leftrightarrow tan^3x-3tanx+2=0\)

\(\Leftrightarrow\left(tanx-1\right)^2\left(tanx+2\right)=0\)

\(\Leftrightarrow\left[{}\begin{matrix}tanx=1\\tanx=-2\end{matrix}\right.\)

\(\Leftrightarrow\left[{}\begin{matrix}x=\frac{\pi}{4}+k\pi\\x=arctan\left(-2\right)+k\pi\end{matrix}\right.\)

à

cái này tui 

ko bik

tính 2(sinx+cosx )+sin2x+1=0? | Yahoo Hỏi & Đáp

Giá mà tớ thấy câu hỏi này sớm hơn

Bạn sai ở chỗ này:

\(2cos2x=2cos2x.sinx\)

\(\Leftrightarrow sinx=\frac{2cos2x}{2cos2x}\)

Đúng ra phải là: \(\Leftrightarrow2cos2x.sinx-2cos2x=0\)

\(\Leftrightarrow2cos2x\left(sinx-1\right)=0\)

\(\Leftrightarrow\left[{}\begin{matrix}cos2x=0\\sinx=1\end{matrix}\right.\)

a/ \(y=3x+2\)

b/ \(y=-\frac{1}{4}x+1\)

c/ \(y=\frac{1}{6}x+\frac{3}{2}\)

d/ \(y=-32x-48\)

Lời giải:

Ta có: \(\lim_{x\to +\infty}\frac{2016x^2-2014x+2012}{2017x^2+2015x+2013}=\lim_{x\to +\infty}\frac{2016-\frac{2014}{x}+\frac{2012}{x^2}}{2017+\frac{2015}{x}+\frac{2013}{x^2}}\)

\(=\frac{2016-0+0}{2017+0+0}=\frac{2016}{2017}\)

Lý do bởi công thức quen thuộc \(\lim_{x\to \infty} \frac{1}{x}=0\). Những phân số có bậc của từ nhỏ hơn bậc của mẫu thì có giới hạn bằng 0 khi $x$ tiến tới vô cùng)

a/

\(0\le sin^2x\le1\Rightarrow-2\le f\left(x\right)\le1\)

\(f\left(x\right)_{min}=-2\) khi \(sin^2x=1\)

\(f\left(x\right)_{max}=1\) khi \(sin^2x=1\)

b/

\(g\left(x\right)=1-cos^2x+3cosx-2=-cos^2x+3cosx-1\)

\(=-cos^2x+3cosx-2+1=\left(cosx-1\right)\left(2-cosx\right)+1\)

Do \(-1\le cosx\le1\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}cosx-1\le0\\2-cosx>0\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left(cosx-1\right)\left(2-cosx\right)\le0\Rightarrow g\left(x\right)\le1\)

\(g\left(x\right)_{max}=1\) khi \(cosx=1\)

\(g\left(x\right)=-cos^2x+3cosx+4-5=\left(cosx+1\right)\left(4-cosx\right)-5\)

\(\left(cosx+1\right)\left(4-cosx\right)\ge0\Rightarrow g\left(x\right)\ge-5\)

\(g\left(x\right)_{min}=-5\) khi \(cosx=-1\)

\(\lim\limits_{x\rightarrow0}\frac{\left(\sqrt{1-2x}-1\right)\left(\sqrt{1-2x}+1\right)\left(\sqrt{5x+4}+2\right)}{\left(\sqrt{5x+4}-2\right)\left(\sqrt{5x+4}+2\right)\left(\sqrt{1-2x}+1\right)}\)

\(=\lim\limits_{x\rightarrow0}\frac{\left(-2x\right)\left(\sqrt{5x+4}+2\right)}{5x\left(\sqrt{1-2x}+1\right)}=\lim\limits_{x\rightarrow0}\frac{-2\left(\sqrt{5x+4}+2\right)}{5\left(\sqrt{1-2x}+1\right)}=-\frac{4}{5}\)

Cảm ơn chị nhiều lắm ạ