K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

21 tháng 5 2025

Để chứng minh \(N T \parallel P Q\) trong bài toán đã cho, ta có thể làm theo các bước và lý luận sau:


Tóm tắt dữ kiện liên quan đến câu b):

  • \(M K\) là đường kính của đường tròn \(\left(\right. O \left.\right)\), tức \(M , K \in \left(\right. O \left.\right)\)\(M K\) đi qua tâm \(O\).
  • \(O D \bot P Q\) tại \(D\), với \(D \in P Q\).
  • \(T\) là giao điểm thứ hai của đường thẳng \(M D\) với đường tròn \(\left(\right. O \left.\right)\).
  • Cần chứng minh: \(N T \parallel P Q\).

Hướng chứng minh \(N T \parallel P Q\):

  1. Sử dụng tính chất đường kính và góc nội tiếp:
    • \(M K\) là đường kính, nên góc nội tiếp chắn cung \(M K\) là góc vuông.
    • Do đó, các tam giác có liên quan đến \(M , K , T\) và các điểm trên đường tròn có thể được sử dụng để thiết lập các mối quan hệ góc.
  2. Xác định vị trí điểm \(N\):
    • \(N\) là giao điểm của đường thẳng \(A M\)\(B E\) (theo đề bài phần trước), hoặc theo dữ kiện bài toán, \(N\) nằm trên đường thẳng \(A M\) cắt \(B E\).
    • \(N\) nằm trên cung nhỏ \(P Q\) (theo đề bài).
    • Đây là điểm đặc biệt liên quan đến đoạn thẳng \(P Q\).
  3. Chứng minh \(N T\)\(P Q\) cùng song song:
    • \(O D \bot P Q\)\(D \in P Q\), \(O D\) là đường cao hoặc đường vuông góc từ tâm đến dây cung \(P Q\).
    • \(M\) nằm trên đường tròn, \(M D\) cắt đường tròn tại \(T\) (giao điểm thứ hai).
    • Ta xét tam giác \(M D T\) và các góc tạo bởi \(N T\)\(P Q\).
    • Sử dụng tính chất góc nội tiếp và góc tạo bởi tiếp tuyến, ta có thể chứng minh các góc tương ứng bằng nhau, từ đó suy ra \(N T \parallel P Q\).
  4. Sử dụng định lý về góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung:
    • Góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung bằng góc nội tiếp chắn cùng cung.
    • Dựa vào các góc nội tiếp và vị trí các điểm \(N , T , P , Q\), ta có thể chứng minh góc giữa \(N T\) và một đường thẳng nào đó bằng góc giữa \(P Q\) và đường thẳng đó, dẫn đến \(N T \parallel P Q\).

Kết luận:

Việc chứng minh \(N T \parallel P Q\) dựa trên các tính chất hình học về đường kính, góc nội tiếp, đường vuông góc từ tâm đến dây cung và các mối quan hệ góc trong tam giác nội tiếp đường tròn.


Nếu bạn cần, mình có thể giúp bạn viết lời giải chi tiết từng bước kèm hình vẽ minh họa để dễ hiểu hơn. Bạn có muốn không?

mk giúp đc ko ?

25 tháng 4 2020

mik ko giúp đc

chúc hok tốt nha b

29 tháng 4 2023

Ta có AM ; AN lần lượt là tiếp tuyến đường tròn(O) với M;N là tiếp điểm 

nên ^AMO = ^ANO = 900

Xét tứ giác AMON có ^AMO + ^ANO = 1800

mà 2 góc này đối nhau 

Vậy tứ giác AMON nt 1 đường tròn 

8 tháng 6 2017

c) ký hiệu các góc QOB, BOF, FOM, MOC, COE, EOA, AOP lần lượt là O1, O2, O3, O4, O5, O6, O7

Dễ thấy O5+O6+O7=90 mà O6=O4+O5 nên suy ra 2O5+O4+O7=90 (1) 

tương tự 2O2+O1+O4=90 (vì O2=O3) (2). 

mặt khác O7=O1 vì cùng phụ với 2 góc P và Q là 2 góc bằng nhau

Từ đó ta có O2=O5

lại có O2+OFQ =90

O5+POE=90 suy ra OFQ =POE (dpcm)

d) tam giác PEO đồng dạng với tam giác QOF nên suy ra PE.QF=OP.OQ=OP^2

Áp dụng bđt Cosi ta có PE+QF>= 2 căn PE.QF=2.căn OP^2=2OP=PQ (dpcm)

26 tháng 4 2020

hi bạn nha bạn ten gì vậy bạn

28 tháng 11 2017

Bài 2:

O A B C E D M

Ta thấy EB // AC nên \(\frac{EB}{MA}=\frac{ED}{DA}\Rightarrow AM.ED=EB.DA\)  (1)

Do EB//AC nên \(\widehat{BCA}=\widehat{CBE}\Rightarrow\widebat{EC}=\widebat{CB}\)

Vậy thì \(2.\widehat{DMC}=\widebat{BC}-\widebat{DC}=\widebat{EC}+\widebat{EB}-\widebat{DC}=\left(\widehat{CB}-\widebat{DC}\right)+\widebat{EB}=\widebat{ED}=2.\widehat{DCE}\)

\(\Rightarrow\widehat{DMC}=\widehat{DCE}\)

Mà \(\widehat{DEC}=\widehat{DCM}\) (Góc nội tiếp và góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung cùng chắn một cung)

\(\Rightarrow\Delta EDC\sim\Delta CDM\left(g-g\right)\Rightarrow\frac{ED}{CD}=\frac{EC}{CM}\Rightarrow CM.ED=CD.EC\)    (2)

Từ (1) và (2) ta thấy, muốn chứng minh CM = MA, ta chỉ cần chứng minh EB.DA = CD.EC

Lại có \(\widebat{CE}=\widebat{CB}\Rightarrow CE=CB\)

Vậy ta cần chứng minh: EB.DA = CD.BC

Ta có \(\widehat{DAC}=\frac{\widebat{EC}-\widebat{DC}}{2}=\frac{\widebat{BC}-\widebat{DC}}{2}=\frac{\widebat{DB}}{2}=\widehat{DCB}\)

Vậy nên ta có ngay \(\Delta DBC\sim\Delta DCA\left(g-g\right)\Rightarrow\frac{BD}{CD}=\frac{BC}{CA}\Rightarrow BC.CD=BD.CA\left(3\right)\)

Ta dễ dàng thấy ngay \(\Delta BDA\sim\Delta EBA\left(g-g\right)\Rightarrow\frac{BD}{EB}=\frac{DA}{BA}=\frac{DA}{CA}\Rightarrow EB.DA=BD.CA\left(4\right)\)

Từ (3) và (4) ta có \(EB.DA=BC.CD\)

Từ đó suy ra MC = MA hay M là trung điểm của AC (đpcm).

28 tháng 11 2017

Ai giúp mik nốt bài 1 với ạ

Member nào giú em với, cần gấp lắm sáng mai đi học rùi. 1 trong 2 bài đều đượcAI LÀM ĐƯỢC MỖI NGÀY EM TICK 3 TICK1. Cho (O) và (O') cắt nhau tại 2 điểm A và B. Trên tia đối tia AB lấy điểm M khác điểm A. Qua  M vẽ các tiếp tuyến MC, MD với (O') (C, D là tiếp điểm và C nằm ngoài (O). Đường thẳng AC cắt (O) tại P (khác A), AD cắt (O) tại Q (khác A). CD cắt PQ tại Ka) Chứng minh ΔBCDđồng dạng...
Đọc tiếp

Member nào giú em với, cần gấp lắm sáng mai đi học rùi. 1 trong 2 bài đều được

AI LÀM ĐƯỢC MỖI NGÀY EM TICK 3 TICK

1. Cho (O) và (O') cắt nhau tại 2 điểm A và B. Trên tia đối tia AB lấy điểm M khác điểm A. Qua  M vẽ các tiếp tuyến MC, MD với (O') (C, D là tiếp điểm và C nằm ngoài (O). Đường thẳng AC cắt (O) tại P (khác A), AD cắt (O) tại Q (khác A). CD cắt PQ tại K

a) Chứng minh ΔBCDđồng dạng với ΔBPQ

b) Chứng minh đường tròn ngoại tiếp tam giác KPC luôn đi qua một điểm cố định khi M thay đổi

c) Chứng minh OK vuông góc với PQ

2. cho đường tròn (O) và điểm A nằm ngoài đường tròn. Từ A kẻ các tiếp tuyến AB, AC(B, C là tiếp điểm). Qua B kẻ đường thẳng song song với AC cắt (O) tại E. AE cắt (O) tại D, BD cắt AC tại M. CHứng minh M là trung điểm của AC

1
26 tháng 11 2017

Nhầm bài rồi bạn ơi